Решения
для 11 классов
школьной
олимпиады
1.
Схеме превращений соответствуют уравнения
реакций
(1) (1 балл)
(2) (1
балл)
(3) (1
балл)
(4) (1
балл)
Таким
образом, зашифрованными веществами являются: Х1 – этанол; Х2
– этилен; Х3 – этилбромид. Итого:
(4 балла)
2.
1) HI – сильный
восстановитель, поэтому он окисляется концентрированной серной кислотой,
которая при этом превращается в H2S:
4CaI2 + 5H2SO4(конц) = 4CaSO4 + 4I2 + H2S↑
+ 4H2O. (1) (2 балла)
2)
Соли Fe2+ - сильные
восстановители, поэтому FeSO4 не может существовать в среде концентрированной H2SO4,
которая окисляет его до Fe2(SO4)3.
Правильное уравнение:
2FeCl2 + 4H2SO4(конц) = Fe2(SO4)3
+ SO2 + 4HCl↑ + 2H2O. (2) (2
балла)
3) В
этом примере правильно определены степени окисления элементов в продуктах
реакции Cr+3 → Cr+6, Cl0 → Cl-. Ошибка
состоит в том, что неправильно определена форма существования Cr+6. В щелочной среде Cr+6 существует в виде ионов CrO42-. Правильное
уравнение:
2CrCl3 + 3Cl2
+ 16KOH = 2K2CrO4 + 12KCl + 8H2O. (3) (2 балла)
Итого: (6 баллов)
3.
1) Составляем
схему процесса электролиза, учитывая, что катионы натрия не восстанавливаются в
водном растворе:
катод (−) 2H2O+2e- = H2+2OH- 1
анод (+) 2Br- − 2e- = Br2 1
электролиз
2Br- + 2H2O
Br2+H2+2OH-
или
электролиз
2NaBr + 2H2O Br2+H2+2NaOH (1) (3 балла)
Таким образом, газ,
выделяющийся при электролизе на катоде,− водород.
2)
Вычисляем количество вещества брома, который образовался при электролизе:
(2) (2
балла)
3) Из
уравнения электролиза следует:
n(H2) = n(Br2); n(H2) = 0,05 моль. (3) (1 балл)
4)
Рассчитаем объем выделившегося водорода, приведенный к нормальным условиям:
V(H2) = n(H2) ∙ Vm; V(H2) = 0,05 моль ∙ 22,4 л/моль = 1,12
л. (4) (1 балл)
Итого: (7 баллов)
4.
Схеме превращений, приведенной в задании,
соответствуют следующие реакции
CH3COONa + NaOH → CH4
+ Na2CO3
(1) (1 балл)
CH4 + Cl2
→ CH3Cl + HCl
(2) (1 балл)
CH3Cl + KOH → CH3OH
+ KCl (3) (1
балл)
CH3OH + CH3COOH
→ CH3COOCH3 + H2O (4) (1
балл)
Итого: (4 балла)
- Условию задания
соответствуют уравнения реакций
(1) (1 балл)
(2) (1
балл)
(3) (1
балл)
(4) (1
балл)
Массе 28,08
г хлорида натрия соответствует его количество, равное
(5) (1
балл)
Это количество соли
соответствует эквимолярному количеству амина при условии его 60 %-ного выхода.
При 100 %-ном выходе количество амина будет равно
(6) (1
балл)
Тогда в
соответствии с (1) – (3) используют ароматический углеводород в таком же
количестве. Молярная масса ароматического углеводорода равна
(7) (1
балл)
Этим ароматическим
углеводородом является толуол
M(CH3C6H5) = 92 г/моль. (8) (1
балл)
Итого: (8 баллов)
6.
В кислой среде KMnO4 восстанавливается до Mn2+, чаще всего до MnSO4. Fe2+ окисляется
до Fe3+, который в
сернокислой среде представляет Fe2(SO4)3.
10FeSO4 + 2KMnO4
+ 8H2SO4 → 5Fe2(SO4)3 + 2MnSO4
+ K2SO4 + 8H2O. (5 баллов)
В
щелочной среде KMnO4 восстанавливается
до MnO42-, т.е. если щелочь KOH, - до K2MnO4. Fe2+ окисляется до Fe3+, который в щелочной среде превращается в
нерастворимый гидроксид Fe(OH)3.
Сульфат-ион представляет K2SO4.
FeSO4 + KMnO4
+ 3KOH → Fe(OH)3↓ + K2MnO4 + K2SO4. (5 баллов)
Итого: (10 баллов)
ИТОГО: 39 баллов
Решения
для 10 классов
школьной
олимпиады
1.
Ar – благородный газ и не принимает участия в
превращениях. Основной оксид кальция будет принимать участие в реакциях с
веществами кислородного характера – SO3, HF, HNO3:
CaO + SO3
= CaSO4,
CaO + 2HF =
CaF2 + H2O,
CaO + 2HNO3
= Ca(NO3)2 + H2O. (4
балла)
2.
Схема превращений соответствуют уравнения реакций
2KClO3 = 2KCl + 3O2↑, (1) (1
балл)
2KCl + Ag2SO4
= 2AgCl↓ + K2SO4, (2) (1
балл)
K2SO4
+ Ba(OH)2 = 2KOH + BaSO4↓, (3) (1
балл)
2KOH + H2SO4 = K2SO4 + 2H2O, (4) (1
балл)
S + O2
= SO2, (5) (1
балл)
2SO2 + O2 =
2SO3, (6) (1
балл)
SO3
+ 2KOH = K2SO4 + H2O. (7) (1
балл)
Итого: (7 баллов)
3.
Условию задания соответствует уравнение реакции
(1)
Объем
14 л (н.у.) бутана соответствует его количеству, равному
При
количественном выходе в соответствии с уравнением (1) образуется в 2 раза
большее количество уксусной кислоты
n(CH3COOH)
= 2n(C4H10) = 2 × 0,625 = 1,25 моль.
В
случае 60 %-ного выхода уксусная кислота образуется в количестве
n'(CH3COOH)
= n(CH3COOH) × 0,6 = 0,75 моль.
Этому
количеству кислоты соответствует ее масса, равная
m'(CH3COOH)
= n'(CH3COOH)M(CH3COOH) = 0,75 × 60 = 45
г.
Масса
90 %-ного по массе раствора, полученного растворением этого количества кислоты,
равна
(4 балла)
4.
Схеме превращений соответствуют следующие
уравнения реакций
(1) (1
балл)
(2) (1
балл)
(3) (1
балл)
(4) (1
балл)
(реакция протекает с
использованием абсолютированного спирта и газообразного галогеноводорода),
(5) (1
балл)
Таким образом,
зашифрованными продуктами превращений являются: Х1 – ацетилен, Х2
– ацетальдегид, Х3 – этанол, Х4 – бромистый этил, Х5
– этилен.
За каждую
структурную формулу (Х1, Х2, Х3, Х4,
Х5) – (1 балл). Итого:
(10 баллов)
5.
Условию задания соответствуют уравнения
Решая
эту систему уравнений относительно V, получим
V = 10000 мл = 10 л.
2
способ решения:
m = 2000мл × 1,5 г/мл = 3000 г
mкон = 44% × 3000
г /100% = 1320 г
mр = 1320
г × 100% / 12% = 11000 г
V = 11000
г / 1,1 г/мл = 10000 мл = 10
л
(4
балла)
ИТОГО: 29 баллов
Решения
для 9 классов
школьной
олимпиады
- Натрий стоит в ряду активности левее меди,
но вытеснение меди не происходит, а происходит взаимодействие между
натрием и водой
Na + 2 H2O = 2 Na OH + H2 ↑
Образовавшийся Na OH
взаимодействует с сульфатом меди с образованием осадка гидроксида меди:
Cu SO4 +
2 Na OH = Cu (OH)2 + Na2 SO4,
Cu2+ + 2 OH - =
Cu (OH)2. (4 балла)
- А1 – 1;
А2 – 3;
А3 – 2;
А4 – 2;
А5 – 2;
А6 – 3;
А7 – 4;
А8 – 1.
(4
балла)
3. Находим
массу вещества в 100 г. 10 % раствора
M
= 10 г. и массу гидроксида калия в новом растворе m = 20
г.
Находим m полученного
раствора после добавления твердого гидроксида калия
M = 110
г.
Находим массовую долю гидроксида калия в новом
растворе
W= 20/110 ∙ 100
% = 18, 2 %
(4 балла)
4. 4. Находим
количество вещества остатка безводной соли сульфата натрия который остался
после прокаливания 48,3 г. кристаллогидрата M (Na 2 SO4) = 23 ∙
2 + 32 + 16 ∙ 4 = 142, ע = 21,
3/ 142 = 0,15, безводного сульфата натрия, значит прокаливали 0, 15 моль
кристаллогидрата. Молекулярная масса кристаллогидрата равна 48, 3/ 0,15 = 322.
1 моль кристаллогидрата содержит 1 моль, или 142
г, безводного сульфата натрия и 180 г (322 – 142 = 180), или 180/18 = 10 моль,
воды. Формула кристаллогидрата – Na 2 SO4 ∙ 10 H2 O.
(6
баллов)
5. 1. Железо и алюминий не реагируют с концентрированной азотной кислотой.
Газ бурого цвета (NO2) выделяется
только в случае взаимодействия меди с этой кислотой
Cu + 4 HNO3 = Cu (NO3)2
+ 2 NO2 ↑ + 2 H2O, (1)
17, 92
л NO2 cсоответствует его
количеству, равному
n (NO2)
= V(NO2) / V o = 17, 92 / 22, 4 = 0, 8 моль.
В соответствии с реакцией (1) прореагировало в
2 раза меньше количества Cu:
n (Cu) = ½ (NO2) = ½ ∙
0,8 = 0, 4 моль
Это количество меди соответствует ее массе,
равной
m (Cu) = n (Cu) Ar (Cu)
= 0,4 ∙ 64 = 25,6 г.
Таким образом, исходная смесь содержит 25, 6
г меди. На долю остальных металлов - Al и Fe приходится
58, 8 – 26,6 =33,2 г.
2. Все три металла сгорают в хлоре с
образованием хлоридов, соответствующих высшим степеням окисления металлов.
Количество хлора, затраченного на реакцию с медью, рассчитаем, исходя из
уравнения реакции
Cu + Cl 2 = Cu
Cl2 (2)
В соответствии с этой реакцией n (Cl2) = n (Cu) = 0,4 моль
Объем хлора при (н.у.), соответствующий этому
количеству, равен
V1= V0 n(Cl2) = 22, 4 ∙ 0, 4 = 8,96
л.
Тогда объем хлора, равный 35,88 – 8, 96 = 26,92
л, что соответствует 1,2 моль, был затрачен на окисление железа и алюминия по
реакциям
2 Al + 3 Cl 2 =
2 Al Cl 3, (3)
2 Fe + 3 Cl 2 = 2Fe Cl 3. (4)
Пусть в исходной смеси металлов х моль
Fe и y моль Al в
соответствии с уравнениями (3) и (4) в обоих случаях требуется в 3/2
раза больше хлора, т.е.
1,2 = 3/2
х + 3/2 y (5)
С другой стороны, зная суммарную массу железа
и алюминия, можно записать
33,2 = х
∙ 56 + у ∙27, (6)
где 56 и 27 соответственно Ar (Fe) и Ar (Al). Решая совместно уравнения (5) и (6), получим:
у = 0,4 моль, х =
0,4 моль.
Этому количеству металлов соответствуют их
массы, равные
m (Fe) = n (Fe) Ar(Fe) = 0,
4 ∙ 56 = 22,4 г.
m (Al) = n (Al) Ar (Al) = 0,4 ∙ 27 = 10, 8
г.
Таким образом, количественный состав исходной
смеси металлов:
Медь – 0, 4 моль (25,6
г.),
Железо – 0,4 моль (22,4
г.)
Алюминий – 0,4 моль (10, 8
г.)
(8
баллов)
Итого: 26 баллов
Оставьте свой комментарий
Авторизуйтесь, чтобы задавать вопросы.