МАОУ ЛИЦЕЙ №44 г. Липецка
Учитель математики: Скорикова Людмила
Алексеевна.
Уроки математики в 11 классе
(социально-экономический
профиль)
Задачи с параметрами
по теме: Иррациональные уравнения и
неравенства.
Решение задач с параметрами с
применением производной.
Цель: повысить уровень подготовленности
учащихся к сдаче Единого Государственного Экзамена по математике.
Пояснительная
записка.
Предлагаемая система занятий
расширяет и углубляет базовую основу общеобразовательной программы по
математике и ориентирована на повышение уровня подготовленности учащихся к
сдаче ЕГЭ.
Задачи с параметрами представляют
для учащихся наибольшую сложность. Это самые трудные задания и на выпускных
экзаменах и на вступительных экзаменах в ВУЗ.
Решению задач с параметрами в
школе уделяется мало внимания. Устранить этот пробел можно на внеклассных
занятиях.
Универсальных указаний по решению
задач с параметрами дать нельзя. При решении задач с параметрами приходится
рассматривать различные случаи, в зависимости от значений параметров, и методы
решения задач различны. Но задание некоторых правил и алгоритмов решения
необходимо.
Взяты эти задания
из различных источников. Большинство из этих заданий полагалось на
вступительных экзаменах в ВУЗах.
В пособии даются
краткие теоретические сведения, задания с параметрами по основным разделам
алгебры.
Пособие содержит
187 заданий, большая часть из которых имеет решение. Используются аналитические
и графические способы решения уравнений и неравенств.
Некоторые задания предлагается решить различными
способами.
Рассматриваются 10 тем, в конце
каждой даются задания для самостоятельной работы.
Обращаться к решению стоит только
после того, как самостоятельно эти задания будут решены или когда Вы не в силах
самостоятельно справиться с ними.
Данное пособие
может быть полезным учителям математики, абитуриентам, школьникам.
Иррациональные уравнения и
неравенства
I Иррациональные
уравнения.
При решении иррациональных уравнений
с параметрами пользуются общими формулами. Пусть f и q – некоторые функции, , тогда:
1). , f ≥ 0; q ≥ 0.
2). , f ≥ 0; q > 0.
3). , q ≥ 0.
4). , , q ≠ 0.
5). , fq ≥0.
Применяя эти формулы нужно иметь в
виду, что ОДЗ левой и правой частей каждой из них могут быть различными. Для
каждой формулы ОДЗ правой части может быть шире ОДЗ левой.
Отсюда следует, что преобразования
уравнения с формальным использованием формул «слева-направо» приводят к
уравнению, являющемуся следствием исходного. В этом случае могут появиться
посторонние корни уравнения.
Преобразование уравнений с формальным
использованием данных формул «справа-налево» недопустимы, т.к. возможно сужение
ОДЗ исходного уравнения, а следовательно, и потеря корней.
Уравнение вида,
равносильно системе:
Пример 1.
Решить уравнение .
Решение.
Заданное уравнение равносильно системе6
=> =>
Находим а, при которых
Ответ:
Пример 2.
Решить уравнение .
Решение.
Заданное уравнение равносильно системе
=>
,
х1, х2 являются действительными
числами при а ≤ 9/16. При а > 9/16 решений нет.
Удовлетворим неравенства х ≥ а и х ≥ ½.
а) ≥ ½
≥ а
Если а ≤ 9/16, то 8а-5<0 и неравенство справедливо при всех допустимых а.
б).
а ≥ ½ (а ≤ 9/16)
Следовательно, х2 является решением
исходного уравнения при ½ ≤ а ≤ 9/16
Ответ:, если а < ½;, если ½ ≤ а ≤ 9/16; нет решений, если
а>9/16.
Пример 3.
Решить уравнение
Решение.
ОДЗ: х – а ≥ 0, х ≥ а
х1 = 1, х2 = а
Если а = 1, то х1 = х1 = 1.
Если а < 1, то х1 = 1 удовлетворяет
условию ОДЗ х ≥ а, т.е. является корнем уравнения.
Если а > 1, то х1 = 1 не удовлетворяет
условию х ≥ а, т.е. является посторонним корнем.
Ответ: 1) если а < 1; то х1 = 1; х2
= а; 2) если а ≥ 1, то х = а.
Пример 4.
При каких а уравнение имеет
один корень?
Решение.
х1 = 4, х2 = а
Корень будет единственным, если а=4; если одно из двух
значений (4 и а) является посторонним корнем, а именно х = а. Это произойдет
при условии, что х = а не входит в область определения уравнения х ≥ 0, т.е.
при а < 0.
Ответ: а = 4 или а < 0.
Пример 5.
Найти минимальное целое положительное значение
параметра а, при котором уравнение имеет различные
положительные корни.
Решение.
ОДЗ:
ах -8 ≥ 0, х ≥ 8/а, х > 0, а > 0
D =
а >16 (а < -16 не входит в ОДЗ)
, . А = 17 – минимальное целое число.
Ответ: 17.
Пример 6.
Найти все значения параметра а, при которых корни
уравненияпринадлежат отрезку [2;17].
Решение.
Пусть
, t ≥ 0, х - 1 = t2
,
,
|t - 2| + |t - 3| = а
1) => => =>
2) => =>
3) => => =>
Ответ: .
Пример 7.
Решить уравнение.
Решение.
х ≥ 2
(х + 1)(х - 2) = а; х2 – х – 2 = а, х2
– х – 2 – а = 0.
, .
Множеству х ≥ 2 принадлежит только корень х2.
Ответ: при а ≥ 0 .
Пример 8.
Решить уравнение.
Решение.
. Так как , то m > 0. Пусть у = , тогда х = у2
+ 3, и исходное уравнение равносильно системе уравнений:
т.е. <=> <=>
,
, , .
Ответ: при m < 0, m>3 решений нет, при .
Пример 9.
Решить уравнение.
Решение.
Пусть , тогда ,
, , а т.к. t > 0, то ,
, , . ( а
> ¼)
х = .
Ответ: х = при а > ¼.
Пример 10.
Найти все значения параметра а, при которых уравнение имеет решение.
Решение.
Если изобразить графики функций и , то
очевидно, что они пересекаются (и исходное уравнение имеет решение) при .
Пример 11.
При каких а решением неравенства является промежуток [2;18)?
Решение.
ОДЗ: 3 - а > 0, а < 3.
х – 2 < (3 - а)2,
х < (3 - а)2 +2,
х < 11 – 6а +а2, т.к. , то
а = -1.
а = 7 – не подходит в ОДЗ.
Ответ: а = -1.
Пример 12.
Решить неравенство , где
а – параметр.
Решение.
При любом значении а, если правая часть х + а – 1 <
0, т.е. х < 1 – а, заданное неравенство справедливо.
При х ≥ 1 – а равносильная система имеет вид :
=> (*)
Рассмотрим возможные случаи:
1.
Если а
> 1, то 1 – а ≤ х < . Объединяя с
множеством х < 1 – а, получим х < .
2.
Если а =
1, то х ≥ 1 – решение системы (*). Объединяя с множеством х< а – 1 (а =
1), находим: х – любое число.
3.
Если а <
1, то решение системы (*) х ≥ 1 – а. Присовокупив х < 1 – а, имеем: х –
любое число.
Ответ: , если а > 1; , если а ≤ 1.
Пример 13.
Решить уравнение
Решение.
ОДЗ:
Из данного уравнения следует:
1 – х2 = х2 + 2ах + а2,
2х2 + 2ах + а2 - 1 = 0.
D/4 = 2 – а2. D > 0 при
|a| <.
Затем если изобразить графики функций и , то
видно как меняется количество решений в зависимости от а.
Ответ: при нет решений; прии одно
решение; при два решения.
Задание на дом:
1). Решить уравнение .
Ответ: .
2). Найти левый и правый края области значений
параметра а, в которой уравнение имеет различные
положительные корни.
Решение.
ОДЗ:
, х > 0, а ≥ 0.
7х – а = ах2,
ах2 – 7х + а = 0,
D = 49 – 4a2 > 0
а = -3, 5 не входит в ОДЗ.
Ответ: 0 и 3,5.
3). Решить уравнение .
Решение.
Данное уравнение равносильно системе:
=>
При а = 2 второе уравнение имеет вид , т.е. .
При а ≠ 2 .
Выясним при каких значениях а найденное значение х
удовлетворяет неравенству х ≥ -1.
.
Ответ: при а ≤ 1/3 и а > 2 ;
при 1/3 < а ≤ 2 уравнение не имеет решений.
4). Найти все значения параметра а, при которых корни
уравнения принадлежит отрезку [-4;44].
Ответ: .
5). При всех а решить неравенство .
Решение.
ОДЗ:
а). Если а ≤ 0, то данное неравенство справедливо при
всех .
б). Если а > 0, то данное неравенство равносильно
системе неравенств.
=> .
Ответ: при;
при.
Решение задач с параметрами с
применением производной.
Пример1.
При каком значении параметра а касательная к графику
функции в точке х = 1 образует с осью х угол
135°?
Решение.
;
, т.к. tg135°=-1.
2ах + 5 = -1;
а = -3.
Ответ: а = -3.
Пример 2.
При каком наибольшем значении а функция возрастает на всей числовой прямой?
Решение.
D/4 < 0.
D/4 = а2 – 14а ≤ 0,
а(а-14) ≤ 0.
Ответ: 14.
Пример 3.
При каких значениях параметра а функция возрастает на всей числовой прямой?
Решение.
D/4 ≤ 0.
D/4 = (3а)2 – 18а=9а2 – 18а = 9а(а – 2).
Ответ: .
Пример 4.
При каких а точка х0=а является точкой
минимума функции ?
Решение.
D(у)=D(у/)=R.
,
,
,
D = (а – 1)2 ≥0.
х1=1; х2=а.
1). а < 1.
2). а = 1.
3). а > 1.
Ответ: при а > 1.
Пример 5.
При каком натуральном значении параметра а уравнение имеет ровно два корня?
Решение.
.
С помощью производной строим график .
Ответ: а = 27.
Пример 6.
Найти все возможные значения а, при которых
наименьшее значение функции на отрезке [0;а]
достигается в правом конце отрезка.
Решение.
при х = ± 2. Это
критические точки.
Если о < а < 2, то f(a) < 0 и принимает наименьшее значение в правом конце, что и требуется.
Критических точек на отрезке нет.
Если а = 2, то критическая точка (min) совпадает с правым концом отрезка.
Это удовлетворяет условию.
Если а > 0, то f(a) = a3 – 12a = a(a2 - 12) > 2(4 - 12) > -16 = f(2),т.е. наименьшее значение
принимает во внутренних точках отрезка, а не в его конце.
Ответ:
Пример 7.
Найти все значения параметра а, при которых функция возрастает при любом .
Решение.
.
Чтобы была ≥ 0, требуется
выполнение двух условий в системе:
=>
Ответ:
Пример 8.
При каких в и с прямые у = х и у = -2х являются
касательными к графику функции у = х2 + вх + с?
Решение.
Пусть t –
абсцисса точки касания прямой у = х с параболой у = х2 + вх + с; р –
абсцисса точки касания прямой у = -2х с параболой у = х2 + вх + с.
Тогда уравнение касательной у = х примет вид у = (2t + в)х +с – t2, а уравнение касательной у = -2х
примет вид у = (2р + в)х +с +р2.
Составим и решим систему уравнений:
=>
Ответ:
Пример 9.
Найти все а, при котором уравнение имеет три корня.
Решение.
а ≠ 0, D1 = 36, х1 = ½, х2 = ½ + 3/а.
Чтобы уравнение имело три корня, достаточно, чтобы
значения функции в точках экстремума имели различные знаки, т.е. f(х1)·f(х2) < 0.
.
Ответ: .
Пример 10.
Найти все значения параметра а, при которых выражение (х1-5х2)(х2-5х1),
где х1 и х2 – действительные корни квадратного трехчлена х2 + ах + а
– 0,5, принимает наибольшее значение. В ответе записать найденное значение
параметра, а если таких значений несколько, то их сумму.
Решение.
.
Пусть
f(x) = 0 при а = 3,6.
Ответ: 3,6.
Пример 11.
Найти все значения а, при которых касательная к
графику функции в точке графика с абсциссой а
не пересекает график ни одной их двух функций: у = 0,5х + 2 и у = -2/х.
Решение.
Пусть Т.к. касательная к
графику функции не пересекается с прямой , то она ей параллельна, т.е. ее угловой
коэффициент равен 0,5.
Угловой коэффициент касательной, проведенной к графику
через его точку с абсциссой х0,
равен значению производной функции f(x) в точке х0, т.е. f/(x)=0,5.
Функция f(x)дифференцируема на R и ее производная равна Или
Но если , то и значение функции f(x) в точке х0 равно 1,5а – а2.
Уравнение касательной проведенной к графику через его точку с абсциссой х0, имеет
вид:
По условию х0 = а, значит уравнение
касательной можно переписать в виде
Из равенства (формально
подставляем а вместо х0), находим, что а может иметь вид
Воспользуемся теперь тем, что касательная не пересекает график у = -2/х.
Это означает, что уравнение не
имеет решений. Приведем последнее уравнение к квадратному .
Квадратное уравнение не имеет решений, если D<0, т.е. ,
т.е. -1< а < 2.
Поскольку имеем неравенство , откуда .
Т.к.
Итак, единственным значением а, удовлетворяющим
условиям задачи, является
Ответ: а =
Домашнее задание.
1.
При каком
наибольшем значении m функция убывает на всей
числовой прямой?
Ответ: 6.
2.
При каком
наименьшем целом значении параметра р уравнение имеет
три корня?
Ответ: -7.
3.
Найти все
значения параметров в и с, при которых прямая у = 2х + 2в касается параболы f(х)=х2 + вх + с в точке
(2;0).
Решение.
Т.к. точка (2;0) лежит на графике f(x)=х2 + вх + с, то 0 = 4 + 2в + с;
f/(x) = 2х + в; f/(2) = 4 + в=2.
=> в = -2, с = 0.
Ответ: в = -2, с = 2.
4.
При каких
значениях а функция имеет минимум в точке х=3?
Решение.
у/ = 6х2 - 6а2 = 6(х
- а)(х + а)
Рассмотрим 2 случая:
1). а = 0 у/ = 6х2 ≥ 0 для
любого х, функция возрастает на .
2). а ≠ 0. Знаки производной:
а = 3. -а
= 3, а = -3.
Ответ: а = ± 3.
5.
При каких
значениях р касательная, проведенная к графику функции у=х3-рх в
точке с абсциссой х0=1, проходит через точку М (2;3)?
Решение.
у/ = 3х2 - р
укас=(3х02 - р)(х - х0)
+ х03-рх0,
3 = (3 - р)(2 - 1) +1 – р,
3 = 3 – р + 1 – р, 2р = 1, р = ½.
Ответ: р = ½.
Оставьте свой комментарий
Авторизуйтесь, чтобы задавать вопросы.