Образец решения контрольной работы № 1
Пример 1.
а) Решить систему
линейных уравнений методом определителей (Крамера):
Решение. Приведем систему к стандартному виду:
Выпишем и
вычислим определители ∆, ∆x и ∆у:
∆= = 4∙(-5)-3∙3 = -29, ∆х = = 28∙(-5) -3∙21 = -203
∆у = = 4∙21 - 28∙3 = 0
Таким образом, , у = = 0.
Ответ: х = 7; у = 0
б) Решить
систему
Решение. Вычислим определители ∆, , и :
Вычислим , , :
, ,
Таким образом, имеем , ,
Ответ: (14; -26; 15).
Пример 2.
Треугольник задан вершинами А(4; 8), В(2; -10) и С(-6;
-2). Найти:
1)
уравнение медианы СD; 2) угол В. Выполнить чертёж.
Решение:
1) D – середина отрезка АВ, поэтому используем формулы хD = , уD = ; найдём
координаты точки D:
xD = ; уD = . D(3; -1).
По формуле (4.11) из п. 2.4 (тема 2.4) каноническое
уравнение прямой, проходящей через две точки имеет вид:
; ;
(х + 6)· 1 = 9(у + 2) ; x + 6 = 9у
+18
х - 9у - 12 = 0.
Итак, х -
9у - 12 = 0 - уравнение медианы СD.
2)
угол В будем искать, используя векторную
алгебру.
Как видно из
рисунка 1, угол между сторонами АВ и ВС – это угол между
векторами и . Найдём
координаты этих векторов через координаты начала и координаты конца вектора
(формула (1.7) из п. 5.6):
Тогда по формуле (1.12) (см. п. 6.3) имеем:
,
или
.
у
8 А(4;8)
-6
2 D 4 х
С(-6;-2) -2
-10
В(2;-10)
Рис. 1.
Пример 3
1) Составить квадратное
уравнение по его корням х1 = 1 − i и x2 = 1 + i.
Решение. По теореме Виета произведение корней приведённого
квадратного уравнения равно свободному члену уравнения, а сумма корней –
второму коэффициенту, взятому с противоположным знаком, поэтому имеем
х1 x2 = (1 −
i
)(1 + i )
= 1 + 3 = 4,
х1 + x2 = (1 −
i
) + (1 + i )
=1 − i + 1 + i =
2,
х2 + рх + q = 0, х2 − 2х + 4
= 0.
Ответ. х2 − 2х + 4
= 0.
2)
Найти действительные
числа х и у из уравнения 5х – 2у + (х
+ y) i = 4 + 5i.
Решение. Составим и решим систему
Ответ. (2; 3).
3) Выполнить
действия а) ; б) ; в) .
Решение. а) = .
б) = = = .
i2
= -1, i4 = -1∙(-1) = 1, i8 = 1, i
=, i3 = -= -i, i5 == i, i7 = -= -i, i9 == i.
Таким образом, i4k=
1, i4k+1= i, i4k+2=
- 1, i4k+3= - i,
в) 2.
где r = φ = arctg=
arctg= arctg1 =
Ответ. а) ;
б) -1 + i ; в) 2.
4)
Выполнить действия и результат записать в тригонометрической форме
Решение. = = =,
где r1 = φ1 = arctg= arctg= arctg1 = ,
r2 = φ2 = arctg= arctg=
arctg(-1) = .
Таким
образом, z = 2
Запишем
данное число в тригонометрической форме:
z = 2 (cos0◦
+ icos0◦)
Ответ. z = 2 (cos0◦ + icos0◦)
Пример 4. Вычислить: а)
Решение:
б)
Решение:
Разделим числитель и знаменатель на
наивысшую степень аргумента, т. е. на х3:
=
при х имеем: 1) числитель ()=1,
2) знаменатель ( ) =3.
Числитель и знаменатель - ограниченные
величины, поэтому
=
Ответ: а) ; б)
Пример 5. Найти производные
функций
а) у= 5 + 7х2-, б)
в) г)
Решение
а) у=5+7х2-=5+7х2 -5,
==14х-5
б) воспользуемся формулой:
в)
г)
Пример 6
Составить уравнение касательной и нормали к кривой в точке, абсцисса которой .
Решение. Найдем ординату точки касания: . Угловой коэффициент касательной k равен значению производной в точке :
.
Подставляя
значения , и в
уравнения касательной
и
нормали
,
получаем:
, (касательная);
, (нормаль).
Ответ: ;
Пример 7. 1). Непосредственное
интегрирование (интегрирование по таблице интегралов):
а)
; б) ;
в) .
Решение.
а) Разложим
числитель на множители и сократим дробь:
= = ;
б) Разделим
почленно на знаменатель:
= == = = = ;
в) Представим число
2 = 1+1 и разобьем дробь на две дроби:
= х + arctg x + C.
Ответ. а) ; б) ; в) х + arctg x
+ C.
2) Метод
замены переменной: а) ; б) .
Решение. а) Положим х3 + 4 = t, затем продифференцируем обе части равенства:
3х2dx= dt. Разделим на 3, получим х2dx =. Подставим в
исходный
интеграл новые переменные:
= ,
Перейдём к прежней
переменной х:
= .
б) Положим sin
x = t, продифференцируем
обе части равенства: cos xdx = dt. Заменим в интеграле исходные данные на
новые:
== .
Перейдём к старой
переменной:
=
Ответ. а) ; б) .
3) Интегрирование
по частям: а) ;
Решение. а) Пусть и = х, dv = cos 3x dx. Тогда dи = dx, v =
.
Подставляя эти
величины в формулу , имеем:
= .
б)
Пусть и = е-х,
dv = cos x dx. Тогда
dи = − е-х dx,
v = sin x.
Подставляя эти
величины в формулу , имеем:
е-х sin x − е-х
sin x + .
Применим правило
ещё раз:
Пусть
и = е-х, dv = sin
x dx. Тогда dи = − е-х
dx, v = − cos
x.
Подставим эти
величины в формулу для второго интеграла.
Тогда будем иметь
е-х sin x += е-х
sin x + (−е-х
cos x −) = е-х sin x− е-х cos x −.
Итак, имеем е-х sin x − е-х cos x −.
Решим уравнение
относительно данного интеграла:
= е-х
sin x −е-х cos x + С,
2 = е-х (sin x
− cos x) + С,
Таким образом,
= е-х
(sin x − cos x) + С.
Ответ. а) ; б) е-х (sin x
− cos x) + С.
- Решить задачи по теме «Определённый
интеграл и его приложение
Пример 8
- Вычислить интеграл .
Решение. Воспользуемся тригонометрической подстановкой x = sin t, тогда
dx = cos t dt .
Заменим и пределы
интегрирования: х = 0, t = arcsin 0 = 0; x = 1, t = arcsin 1 = . Будем
знать, что t [0;]. Так как cos t
> 0 при t, то = cos t. Применяя тригонометрическую формулу понижения степени, получаем:
= ==
Ответ. .
2. Вычислить площадь фигуры, ограниченной линиями (Сделать
чертёж)
у = х2 + 2х, у
= х + 2.
Решение. Сделаем чертёж области.
1)
у = х2 + 2х = х2 + 2х + 1
– 1 = (х + 1)2 – 1 .
Построим график
функции у = х2 + 2х при помощи графика
функции у = х2
параллельным переносом его вершины на
(-1;-1), х = -1 - ось симметрии параболы у = х2 +
2х.
Построим прямую у =
х + 2. найдём точки пересечения графиков:
х2 + 2х = х + 2,
х2 + х −2 = 0, х1
= −2, х2 = 1; у1= 0, у2=
3,
Искомая площадь
может быть вычислена следующим образом
К площади фигуры, находящейся
в отрицательной области параболы прибавить площадь, полученную разностью двух
площадей: площадь прямоугольного треугольника АВС минус площадь
криволинейной трапеции 0ВС. Найдём каждую площадь в отдельности.
- SABC =
- S0BC =
- Sкр.тр.=
- S =
Оставьте свой комментарий
Авторизуйтесь, чтобы задавать вопросы.