Лекция
Тема: Логарифмические
уравнения
План
1.
Определение логарифмического уравнения
2. Решение
простейших уравнений
3.
Потенцирование.
4. Cведение
уравнений к виду log a f(x)
= log a g(x)
с
помощью свойств логарифмов по одному основанию.
5.
Уравнения вида Alog a f(x)
+ Blog b g(x)
+ C
= 0.
6.
Введение
новой переменной
Определение логарифмического уравнения
Уравнение,
содержащее переменную под знаком логарифма, называется логарифмическим.
Простейшим примером логарифмического уравнения служит уравнение вида loga x
= b
(где а>0, и а ≠1).
Функция
у=log a x
является возрастающей (или убывающей) на промежутке
(0;
+∞) и принимает на этом промежутке все действительные значения. По теореме о
корне) для любого b это уравнение
имеет корень, и только один.
Решение
простейших уравнений
Простейшими логарифмическими
уравнениями будем называть уравнения следующих видов:
log
a x = b, a > 0, a ¹ 1.
log a f(x)
= b, a > 0, a ¹ 1.
log f(x)
b = c,
b >
0.
Эти уравнения решаются на
основании определения логарифма:
если
logb a = c, то
a
= bc.
Пример 2.1.
Решение. Область
определения уравнения x
> 0. По определению логарифма x
= 23, x
= 8 принадлежит области определения уравнения.
Ответ: x
= 8.
Уравнения вида
loga f(x)
= b,
a >
0, a
≠ 1.
Уравнения
данного вида решаются по определению логарифма с учётом области определения
функции f(x).
Уравнение равносильно следующей системе
Обычно
область определения находится отдельно, и после решения уравнения f(x)
= ab
проверяется, принадлежат ли его корни области определения уравнения.
Пример 2.2. log3(5х
– 1) = 2.
Решение: ОДЗ: 5х – 1 > 0; х > 1/5. log3(5х– 1) = 2, log3(5х – 1) = log332, 5х - 1 =9,
х = 2. Ответ: 2.
Пример
2.3.
Решение. Область определения
уравнения находится из неравенства 2х2 – 2х – 1 >
0. Воспользуемся определением логарифма:
Применим
правила действий со степенями, получим 2х2 – 2х – 1 =
3. Это уравнение имеет два корня х = –1; х = 2. Оба полученные
значения неизвестной удовлетворяют неравенству 2х2 – 2х
– 1 > 0, т.е. принадлежат области определения данного уравнения, и, значит,
являются его корнями.
Ответ. х1
= –1, х2 = 2.
Уравнения вида
logf(x)
b
= с, b >
0.
Уравнения этого вида
решаются по определению логарифма с учётом области определения уравнения.
Данное уравнение равносильно следующей системе
Чаще всего, область
определения логарифмического уравнения находится отдельно, и после решения
уравнения (f(x))c
= b
или равносильного уравнения
проверяется, принадлежат
ли его корни найденной области.
Пример
2.4. logx–19
= 2.
Решение. Данное уравнение
равносильно системе
Ответ. x
= 4.
Потенцирование.
Суть метода заключается в
переходе от уравнения
log a f(x) =
log a g(x) к уравнению
f(x)
= g(x),
которое обычно
не равносильно
исходному.
Уравнения
вида loga f(x)
= loga g(x)
, а > 0, а ¹
1.
На основании свойства
монотонности логарифмической функции заключаем, что f(x)
= g(x).
Переход от уравнения loga f(x)
= loga g(x)
к уравнению f(x)
= g(x)
называется потенцированием.
Нужно отметить, что при
таком переходе может нарушиться равносильность уравнения. В данном уравнении f(x)
> 0, g(x)
> 0, а в полученном
после потенцирования эти функции могут быть как положительными, так и
отрицательными. Поэтому из найденных корней уравнения f(x)
= g(x)
нужно отобрать те, которые принадлежат области определения данного уравнения.
Остальные корни будут посторонними.
Пример
3.1 log3
(x2
– 3x
– 5) = log3
(7 – 2x).
Решение.
Область определения уравнения найдётся из системы неравенств
Потенцируя
данное уравнение, получаем х2 – 3х – 5 = 7 – 2х,
х2
– х – 12 = 0, откуда х1 = –3, х2 =
4. Число 4 не удовлетворяет системе неравенств. Ответ.
х = –3.
Cведение
уравнений к виду log a f(x)
= log a g(x)
с помощью свойств логарифмов по одному
основанию.
Если уравнение
содержит логарифмы по одному основанию, то для приведения их к виду log a f(x)
= log a g(x)
используются следующие свойства логарифмов:
·
logb
a + logb c = logb (ac),
где
a
> 0; c > 0; b > 0, b ¹
1,
·
logb
a – logb c = logb (a/c),
где
a
> 0; c > 0; b > 0, b ¹
1,
·
m logb a = logb
a m, где a
> 0; b > 0, b ¹ 1; mÎR.
Пример
4. 1. log6
(x
– 1) = 2 – log6 (5x
+ 3).
Решение. Найдём область
определения уравнения из системы неравенств
Применяя
преобразования, приходим к уравнению
log6
(x
– 1) + log6
(5x
+ 3) = 2,
log6
((x
– 1)(5x + 3)) = 2, далее,
потенцированием, к уравнению
(х – 1)(5х
+ 3) = 36, имеющему два корня х = –2,6; х = 3. Учитывая
область определения уравнения, х = 3. Ответ.
х = 3.
Пример
4.2.
Решение. Найдём область
определения уравнения, решив неравенство
(3x
– 1)(x
+ 3) > 0 методом
интервалов.
Учитывая, что
разность логарифмов равна логарифму частного, получим уравнение log5
(x
+ 3) 2 = 0. По определению логарифма
(х + 3) 2
= 1, х = –4, х = –2. Число х = –2 посторонний корень.
Ответ. х = –4.
Пример
4. 3. log2
(6 – x)
= 2log6
x.
Решение. На области
определения 0 < x
< 6 исходное уравнение равносильно уравнению 6 – x
= x2,
откуда х = –3, х = 2. Число х = –3 посторонний корень.
Ответ. х = 2.
Уравнения
вида Alog a f(x)
+ Blog b g(x)
+ C = 0.
Метод потенцирования применяется
в том случае, если все логарифмы, входящие в уравнение, имеют одинаковое
основание. Для приведения логарифмов к общему основанию используются формулы:
Пример
5.1.
Решение. Область
определения уравнения 1 < x
< 2. Используя формулу (3), получим
Так как 3 = log28,
то на области определения получим равносильное уравнение (2–x)/(x–1)
= 8, откуда x
= 10/9. Ответ. x
= 10/9.
Пример 5.2.
Решение. Область
определения уравнения x
> 1. Приведём логарифмы к основанию 3, используя формулу (4).Ответ. х = 6.
Пример
5. 3.
Решение. Область
определения уравнения x
> –1, x ¹ 0. Приведём
логарифмы к основанию 3, используя формулу (2).
Умножим обе части
уравнения на log 3(x
+ 1) ¹
0 и перенесем все слагаемые в левую часть уравнения. Получим (log 3(x
+ 1)–1)2 = 0, откуда log 3(x
+ 1) = 1 и
x =
2. Ответ.
x =
2..
Введение новой переменной
Рассмотрим два вида
логарифмических уравнений, которые введением новой переменной приводятся к
квадратным.
Уравнения видагде a
> 0, a ¹ 1, A,
В, С – действительные числа.
Пусть t =
loga f(x),
tÎR.
Уравнение примет вид t2
+ Bt
+ C
= 0.
Решив его, найдём х
из подстановки t =
loga f(x).
Учитывая область определения, выберем только те значения x,
которые удовлетворяют неравенству f(x)
> 0.
Пример
6. 1. lg
2 x – lg x
– 6 = 0.
Решение. Область определения
уравнения – интервал (0; ¥).Введём новую
переменную t = lg x,
tÎR.
Уравнение примет
вид t
2 – t
– 6 = 0. Его корни t1
= –2, t2
= 3.
Вернёмся к первоначальной
переменной lg x
= –2 или lg x
= 3,
х
= 10 –2 или х = 10 3. Оба значения x
удовлетворяют области определения данного уравнения (х > 0).Ответ. х
= 0,01; х = 1000.
Пример
6. 2.
Решение. Найдём область
определения уравнения
Применив формулу
логарифма степени, получим уравнение
Так как х < 0,
то | x
| = –x и следовательно
Введём новую переменную t
= log3
(–x),
tÎR.
Квадратное уравнение
t
2 – 4t
+ 4 = 0имеет два равных корня t1,2
= 2. Вернёмся к первоначальной переменной log3
(–x)
= 2, отсюда –х = 9, х = –9. Значение неизвестной принадлежит
области определения уравнения. Ответ.
х = –9.
Уравнения
вида где
a
> 0, a ¹ 1, A,
В, С – действительные числа , A¹0,
В¹0.
Уравнения
данного вида приводятся к квадратным умножением обеих частей его на loga f(x)
¹0.
Учитывая, что loga f(x)×
logf(x)
a=1
(свойство logb a =
1/ loga b),
получим уравнение
Замена loga f(x)=t,
tÎR приводит
его к квадратному At2
+ Ct
+ B
= 0.
Из уравнений loga f(x)=
t1
, logb f(x)=
t2
найдем значения x
и выберем среди них принадлежащие области определения уравнения: f(x)
> 0, f(x)
¹1.
Пример.6.3
Решение. Область
определения уравнения находим из условий x+2>0,
x+2
¹
1, т.е. x
>–2, x ¹
–1.Умножим обе части уравнения на log5
(x+2)
¹0,
получим
или,
заменив log5
(x+2)
= t,
придем к квадратному
уравнению t
2 – t
– 2 = 0, t1
= –1, t2 =2.
Возвращаемся к
первоначальной переменной:
log5
(x+2) = –1, x+2 = 1/5, x = –9/5,
log5 (x+2)
= 2, x+2 = 25, x = 23.
Оба корня принадлежат
области определения уравнения.
Ответ: x =
–9/5, x =
23.
Упражнения для закрепления материала
Решить
уравнения
1); 2); 3);
4); 5);
Контрольные вопросы
1.
Сформулировать определение логарифмического уравнения.
2.
Назвать основные методы решения логарифмических уравнений
Литература
1.Ш.А.Алимов,
стр.105-111 2
О.Н.Афанасьева, стор.2753-279 3.А.Г.Мерзляк,
стор.202-2
Оставьте свой комментарий
Авторизуйтесь, чтобы задавать вопросы.