Добавить материал и получить бесплатное свидетельство о публикации в СМИ
Эл. №ФС77-60625 от 20.01.2015
Инфоурок / Математика / Рабочие программы / Рабочая программа элективного курса "Избранные вопросы геометрии"

Рабочая программа элективного курса "Избранные вопросы геометрии"



Внимание! Сегодня последний день приёма заявок на
Международный конкурс "Мириады открытий"
(конкурс сразу по 24 предметам за один оргвзнос)


  • Математика

Название документа Элективный курс геометрия.doc

Поделитесь материалом с коллегами:

Элективный курс «Избранные вопросы геометрии»

ПОЯСНИТЕЛЬНАЯ ЗАПИСКА


Общеизвестно, что геометрическая линия является одной из центральных линий курса математики. Она предполагает систематическое изучение свойств геометрических фигур на плоскости, формирование пространственных представлений, развитие логического мышления и подготовку аппарата, необходимого для изучения смежных дисциплин (физики, черчения и т. д.) и курса стереометрии.

С другой стороны, необходимость усиления геометрической линии обусловливается следующей проблемой: задание частей В и С единого государственного экзамена предполагает решение геометрических задач. Итоги экзамена показали, что учащиеся плохо справлялись с этими заданиями или вообще не приступали к ним. Для успешного выполнения этих заданий необходимы прочные знания основных геометрических фактов и опыт в решении геометрических задач.

Ц е л я м и д а н н о г о к у р с а я в л я ю т с я:

1. Создание условий для самореализации учащихся в процессе учебной деятельности.

2. Развитие математических, интеллектуальных способностей учащихся, обобщенных умственных умений.

Для достижения поставленных целей в процессе обучения р е ш а ю т- с я с л е д у ю щ и е з а д а ч и:

1. Приобщить учащихся к работе с математической литературой.

2. Выделять и способствовать осмыслению логических приемов мышления, развитию образного и ассоциативного мышления.

3. Обеспечить диалогичность процесса обучения математике

ТРЕБОВАНИЯ К УРОВНЮ УСВОЕНИЯ КУРСА


Данный курс предназначен для учащихся 9 классов, рассчитан на 8,5 часов, предполагает систематизацию и обобщающее повторение ключевых тем курса планиметрии: решение треугольников, вписанные и описанные окружности, применение тригонометрии и т. д. с использованием компьютерных технологий.

Учащиеся должны знать:

1. Ключевые теоремы, формулы курса планиметрии в разделе «Треугольники», «Четырехугольники».

2. Основные алгоритмы решения треугольников.

Учащиеся должны уметь:

1. Применять имеющиеся теоретические знания при решении задач.

2. Использовать возможности персонального компьютера (ПК) для самоконтроля и отработки основных умений, приобретенных в ходе изучения курса.


СОДЕРЖАНИЕ ОБУЧЕНИЯ


Включенный в программу материал может применяться для разных групп учащихся, что достигается обобщенностью включенных в нее заданий, их отбором в соответствии с задачами предпрофильной подготовки.

Тема 1

Предполагает прохождение тем: «Соотношения между сторонами и углами прямоугольного треугольника», «Теорема Пифагора», «Теорема синусов и косинусов», «Основные тригонометрические тождества, вписанные и описанные окружности».

Тема 2

Параллелограмм и трапеция, вписанные и описанные четырехугольники, компьютерная модель «Четырехугольники».

Тема 3

Площадь прямоугольника, параллелограмма, треугольника и трапеции; применение разнообразных формул площади треугольника, площади подобных фигур. Компьютерная модель «Измерение площади».

Тема 4

Окружности, вписанные и описанные около треугольника, применение формул:

hello_html_1769b4b3.gif.

Компьютерная модель «Вписанные и описанные окружности».

Тема 5

Компьютерная модель «Решение треугольников» предполагает проверку знаний и умений по теме с помощью программы «Планиметрия».

Контроль осуществляется на каждом занятии с помощью тестов компьютерной программы «Планиметрия», которая включает в себя проверку теоретических сведений и решение одношаговых, многоплановых задач













ТЕМАТИЧЕСКОЕ ПЛАНИРОВАНИЕ


п/п

Название занятия

Количество
часов

1

Решение треугольников (повторение теории с помощью ПК)

1

2

Четырехугольники (повторение теории с помощью ПК)

1

3

Решение задач по теме «Площади»

2

4

Решение задач по теме «Вписанные и описанные окружности»

2

5

Компьютерная модель «Решение треугольников»

1

6

Компьютерная модель «Четырехугольники. Вписанные и описанные четырехугольники»

1

7

Проверь себя

0,5



Литература


Д л я у ч а щ и х с я:

1. Гайштут, А., Литвиненко, Г. Планиметрия: задачник к школьному курсу. – М.: АСТ – ПРЕСС: Магистр – S, 1998.

2. Крамор, В. С. Повторяем и систематизируем школьный курс геометрии. – М.: Просвещение, 1992.

Д л я у ч и т е л е й:

1. Гайштут, А., Литвиненко, Г. Планиметрия: задачник к школьному курсу. – М.: АСТ – ПРЕСС: Магистр – S, 1998.

2. Крамор, В. С. Повторяем и систематизируем школьный курс геометрии. – М.: Просвещение, 1992.

3. Алтынов, П. И. Геометрия. Тесты. 7–9. – М.: Дрофа, 1998.


МЕТОДИЧЕСКИЕ РЕКОМЕНДАЦИИ ПО ОРГАНИЗАЦИИ
И ПРОВЕДЕНИЮ ЗАНЯТИЙ

Введение

В основе решения большинства задач лежит умение «решать треугольник», поэтому необходимо вспомнить важные соотношения для треугольников. Повторить основные теоретические сведения, основные приемы решения задач можно и с помощью широкого спектра электронных учебных пособий: «Открытая математика 1.0. Планиметрия», «Математика», 5–11 кл. Практикум», «Новые возможности для усвоения курса математики! Математика», 5–11 кл. Практикум» и т. д.

Можно начертить, проводя соответствующие комментарии, таблицу:

Прямоугольный треугольник

Косоугольный треугольник

1

2

hello_html_143a3276.gif


1) α + β = 90°;

2) c2 = a2 + b2 – теорема Пифагора;

3) a = c cos β,

a = c sin α,

a = b tg α;

4) R = hello_html_55de5680.gif;

5) r = hello_html_72d3cf69.gif

hello_html_m180ef38e.gif


1) α + β + γ = 180°;

2) a2 = b2 + c2 – 2bc cos α – теорема косинусов;

cos α = hello_html_6dd23c99.gif;

3)hello_html_5232c5e0.gif – теорема синусов;

4) R = hello_html_m2d29b6f4.gif;

5) r = hello_html_m216462d2.gif






Т е м а: Решение треугольников

Задача 1

Гипотенуза AB прямоугольного треугольника ABC равна hello_html_52b1115f.gifсм, а катет BC равен 6 см. Найдите длину медианы BK.


hello_html_288ff66f.gif

Дано: ∆ABC, C = 90°,

AB = hello_html_52b1115f.gifсм, BC = 6 см, BK – медиана.

Найти: BK.

Решение

1) Рассмотрим прямоугольный треугольник ABC.

По теореме Пифагора AB2 = AC2 + BC2, AC = hello_html_m31f332cb.gif

AC = hello_html_53fc2ea2.gif

2) BK – медиана ∆ABC, значит CK = hello_html_6dc4988f.gifAC = hello_html_m5c1b5463.gifсм.

3) В ∆BCK по теореме Пифагора BK2 = KC2 + BC2.

BK = hello_html_5309c8c2.gif

Ответ: 7 см.


Задача 2

В треугольнике ABC стороны AB = BC, AK – высота треугольника, BK = 24 см, KC = 1 см. Вычислите: а) высоту AK; б) сторону AC.


hello_html_m64421f51.gif

Дано: ∆ABC; AB = BC.

AKhello_html_501fa71c.gifBC; BK = 24 см, KC = 1 см.

Найти: AK; AC.


Решение

1) BC = BK + KC = 24 + 1 = 25 (см).

BC = AB = 25 см, тогда в прямоугольном треугольнике ABK по теореме Пифагора AB2 = BK2 + AK2; AK = hello_html_m3751dcf.gif

AK = hello_html_5b2e6a98.gif.

2) Аналогично в ∆AKC AC = hello_html_m357fb952.gifhello_html_m49eaab67.gifhello_html_5a201995.gif.

Ответ: 7 см, hello_html_m6118ebd7.gif


Задача 3

hello_html_m70983c23.gif

Определите катеты прямоугольного треугольника, у которого перпендикуляр, опущенный из вершины прямого угла на гипотенузу, больше одного из отрезков гипотенузы на 3 и меньше другого на 4.


Решение

Согласно условию CD > AD на 3, CD < BD на 4.

Высота прямоугольного треугольника, опущенная на гипотенузу, есть среднее геометрическое проекций катетов на гипотенузу,
т. е. CD2 = AD · DB.

Пусть CD = x, тогда AD = x – 3, BD = x + 4.

x2 = (x – 3) (x + 4),

x2 = x2 + x – 12,

x = 12.

В ∆ADC по теореме Пифагора AC2 = AD2 + DC2, AC = hello_html_8de2d8.gif=
= hello_html_5886de25.gif= 15.

В ∆BCD аналогично BC = hello_html_m9211b2a.gif

Задача 4

BD – высота равнобедренного треугольника ABC, AB = BC, 0 – точка пресечения высот BD и AK, AOD = 60°. Доказать, что ∆ABC – равносторонний.

hello_html_34fa37bc.gif

Решение

OAD – прямоугольный, так как BDhello_html_501fa71c.gifAC.

BOK = AOD = 60° как вертикальные углы. Значит, в ∆BOK OBK = 30°.

BD – высота равнобедренного треугольника, проведенная к основанию, значит BD – биссектриса, т. е. ABC = 30° · 2 = 60°.

Если угол при вершине равнобедренного треугольника 60°, значит, этот треугольник равносторонний.



Задача 5

Докажите, что в прямоугольном треугольнике биссектриса прямого угла делит пополам угол между медианой и высотой, проведенными из той же вершины.


hello_html_m12ea5e4c.png

Дано: С = 90°, АМ = МВ, СК АВ,
ACL = LCB.

Доказать: KCL = МСL.


Решение

hello_html_m52cfc23d.gifKCB = hello_html_m52cfc23d.gifA, hello_html_m52cfc23d.gifACK = hello_html_m52cfc23d.gifB.

Пусть hello_html_m52cfc23d.gifKCL = α, тогда hello_html_m52cfc23d.gifKCB = 45° + α.

Точка M – середина гипотенузы, а также является центром описанной окружности, значит, AM = MB = CM.

Тогда ∆CMB – равнобедренный, т. е. hello_html_m52cfc23d.gifMCB = hello_html_m52cfc23d.gifMBC.

hello_html_m52cfc23d.gifMCL = 45° – hello_html_m52cfc23d.gifMCB = 45° – hello_html_m52cfc23d.gifB = 45° – hello_html_m52cfc23d.gifACK.

hello_html_m52cfc23d.gifKCL = 45° – hello_html_m52cfc23d.gifACK = hello_html_m52cfc23d.gifMCL. Значит, CLбиссектриса hello_html_m52cfc23d.gifKCM.



Задача 6

В прямоугольный треугольник, катеты которого равны 10 см и 15 см, вписан квадрат, имеющий с ним общий угол. Найти периметр квадрата.




hello_html_aaa28de.gif

Решение

ABC – прямоугольный треугольник с катетами BC и AC, MNCP – квадрат, значит, MN BC. Тогда ∆ABC AMN, hello_html_4f1fe60a.gif пусть сторона квадрата MN = x, тогда AN = 10 – x.


hello_html_37962dbf.gif 25x = 150, x = 6.

Итак, сторона квадрата 6 см; периметр 6 · 4 = 24 (см).

Ответ: 24 см.

Задача 7

На боковой стороне BC равнобедренного треугольника ABC (AB = BC) как на диаметре построена окружность, пересекающая основание этого треугольника в точке D. Найдите расстояние от вершины A до центра построенной окружности, если AD = hello_html_m162501aa.gif, а угол ABC = 120°.

hello_html_3767501a.png

Решение

1) Так как O – центр данной окружности, то BO = OC = OD. Тогда ∆DBC прямоугольный с прямым углом D, а BD – высота в равнобедренном треугольнике ABC с основанием AC,
D – середина AC, DO = hello_html_500aaac.gifAB.

2) В прямоугольном треугольнике ABD AB = hello_html_7a644acd.gif;

AB = hello_html_2620236.gif

3) ∆DBO – равнобедренный с острым углом 60°, а значит, и равносторонний, hello_html_m52cfc23d.gifBDO = 60°, тогда hello_html_m52cfc23d.gifADO = 90° + 60° = 150°.

4) ВDAO по теореме косинусов AO2 = AD2 + DO2 – 2 AD · DO ·
· cos
hello_html_m52cfc23d.gifADO.

AO2 = (hello_html_m162501aa.gif)2 + (hello_html_m5d6357c6.gif)2 – 2 · hello_html_364d5975.gif = 21 + 7 + hello_html_m66c706ae.gif · hello_html_718e22b6.gif= 28 + 21 = 49; AO = 7.

Ответ: 7.

Т е м а: четырехугольники

Задача 1

Средняя линия трапеции ABCD равна 15. AD – большее основание трапеции, hello_html_m52cfc23d.gifA = 90°, hello_html_m52cfc23d.gifD = 60°, hello_html_m52cfc23d.gifBAC = 30°. Найдите длину стороны CD.



hello_html_m1b90cdca.gif

Решение

В ∆ABC (он прямоугольный) BC = hello_html_479d4c39.gif – по свойству катета, лежащего против угла в 30°.

hello_html_m52cfc23d.gifBAC = 30°, значит, hello_html_m52cfc23d.gifCAD = 90° – 30° =
= 60°, следовательно, ∆ACD равносторонний,
т. е. AC = CD = AD = 2BC.

Средняя линия MN = hello_html_5aa020c4.gif

3BC = 30, BC = 10, значит, CD = 2 · 10 = 20.



Задача 2

Сторона AB параллелограмма ABCD равна hello_html_m57e8ceb0.gif а его диагонали равны 20 и 24. Найдите сторону BC.


hello_html_eba9a3c.gif

Решение

Для любого выпуклого четырехугольника справедливо hello_html_md891ab8.gif

hello_html_md891ab8.gifгде a, b, c и d – стороны четырехугольника, а d1, d2 – его диагонали.

В параллелограмме hello_html_7a9c9770.gif

202 + 242 = 2((hello_html_m7cdcf2a8.gif)2 + b2), b > 0;

b2 + 88 = 488,

b2 = 400, b = 20.

Ответ: 20.

Задача 3

Основания трапеции равны 4 и 10, а ее боковые стороны – hello_html_2533d1bd.gif и 15. Найдите косинус наименьшего угла этой трапеции.


hello_html_m381ed97d.gif

Решение

1) Проведем BM CD, значит, hello_html_m52cfc23d.gifBMA =
hello_html_m52cfc23d.gifD, ВСDМ – параллелограмм, так как ВМ || MD, ВМ || СD. Следовательно, ВС = MD = 4,
BM = CD = 15, AM = ADMD = 10 – 4 = 6.


2) В ∆AMB против большей стороны (выбирая из AB и BM) лежит больший угол: AB < BM, значит, hello_html_m52cfc23d.gifBMA <hello_html_m52cfc23d.gifA.

cos α = hello_html_73cdf2bc.gif.

hello_html_1e856f4e.gif.

Ответ: 0,8.

Задача 4

Определите периметр равнобочной трапеции, у которой длина меньшего основания равна 7, а диагонали перпендикулярны боковым сторонам и равны hello_html_m28098905.gif.


Решение

1) Проведем в трапеции ABCD высоту CF,
тогда ∆ACD AFC, hello_html_235b4c38.gif

hello_html_m529cfd6.gif

2) Пусть FD = x, тогда AF = 7 + x

hello_html_m73506850.gif


(hello_html_m28098905.gif)2 = (x + 7) (7 + 2x),

36 · 2 = 49 + 21x + 2x2,

2x2 + 21x – 23 = 0,

D = 212 + 4 · 2 · 23 = 625,

х1, 2 = hello_html_m4add104b.gif

3) Итак, AD = 7 +2 = 9;

CD = hello_html_19678e1d.gif

P = 9 + 7 + 2 · 3 = 22.

Ответ: 22.

Задача 5

В ромбе высота, проведенная из вершины тупого угла, делит сторону ромба пополам. Найдите периметр и высоту ромба, если меньшая диагональ его равна 7 см.

1) В треугольнике ABD BK – высота и медиана, значит, ∆ABD равнобедренный с основанием AD, т. е. AB = BD = 7 см. Тогда ∆ABD равносторонний, значит, hello_html_m52cfc23d.gifA = hello_html_m52cfc23d.gifABD = hello_html_m52cfc23d.gifBDA = 60°.

2) P = 4AB = 4 · 7 = 28 (см).

hello_html_m47beedd4.gif

3) hello_html_m52cfc23d.gifBKD – прямоугольный, BK = AD sin hello_html_m52cfc23d.gifBDK.

BK = 7 · sin 60° = hello_html_5ce0c349.gif(см).

Ответ: 28 см; 3,5hello_html_766c0bc5.gifсм.



Т е м а: ПЛОЩАДИ

Задача 1

Медиана BK треугольника ABC равна hello_html_m6281ac37.gifhello_html_m43ee0312.gif Найдите площадь треугольника ABK.

Решение

hello_html_65d11b50.gif

1) В ∆BKC по теореме косинусов
BC2KB2 + KC2 –2KB · KC cos BKC,
т. е. (hello_html_23b44879.gif)2 = (hello_html_m515da073.gif)2 + x2 – 2 · hello_html_m515da073.gif · x cos 45°, где KC = x (х > 0).

20 = 8 + x2 – 2 · hello_html_m515da073.gif · x · hello_html_m644dee7c.gif

x2 – 4x – 12 = 0,

x1 = 6, x2 = –2.

Значит, CK = 6, AC = 12.

2) S(∆ABK) = hello_html_mad2d5e2.gif · AK · BK · sin AKB;

S(∆ABK) = hello_html_mad2d5e2.gif · 6 · hello_html_55c6ab16.gif · sin 135° = hello_html_m51d49cd7.gif= 6.

Ответ: 6.

Задача 2

В треугольнике ABC проведена медиана AM. Найдите площадь треугольника ABC, если AC = 3hello_html_m3fab031d.gif, BC = 10, MAC = 45°.


Решение

hello_html_68f952c0.gif

1) Медиана AM разбивает треугольник ABC на два равновеликих треугольника, т. е. S(∆ACM) = S(∆AMB), значит, S(∆ABC) = 2S(∆ACM).

2) В ∆ACM по теореме косинусов CM2 =

= AC2 + AM2 – 2 · AC · AM cos CAM.

52 = (3hello_html_m28a56c8f.gif)2 + x2 – 2 · 3hello_html_m28a56c8f.gif · x cos 45°, где АМ = х (х > 0).

25 = 9 ·2 + x2 – 6x; х2 – 6х – 7 = 0, x1 = 7, x2 = –1, т. е. AM = 7;

S(∆ACM) = hello_html_m11442c31.gifAC · AM sin CAM = hello_html_mb82c73.gif · 3hello_html_m28a56c8f.gif · 7 · sin 45° = hello_html_mb82c73.gif · 3hello_html_m28a56c8f.gif · 7 ·
·
hello_html_3c563ad3.gif = hello_html_195dcbe9.gif = 10,5.

3) S(∆ABC) = 2 · 10,5 = 21.

Ответ: 21.

Задача 3

Основание AB трапеции ABCD вдвое длиннее основания CD и вдвое длиннее боковой стороны AD. Длина диагонали AC равна 12, длина боковой стороны BC равна 5. Найдите площадь трапеции.


Решение

hello_html_m29d2c20c.gif

1) По условию AB = 2AD = 2DC.

Пусть M – середина AB, тогда AM = MB = CM,
т. е. CM – медиана треугольника ABC и CM = hello_html_m11442c31.gifAB, значит, ∆ABC прямоугольный с гипотенузой AB.

По теореме Пифагора AB2 = AC2 + BC2; AB = hello_html_m39e95f08.gif = hello_html_m2239eb2a.gif = 13.

CM = MB = hello_html_4ff5c399.gif = 6,5.

2) CK – высота трапеции и высота ∆MCB.

hello_html_28c967c8.gif

По формуле Герона S = hello_html_5c3b7248.gif где hello_html_e3ff04b.gif. hello_html_1881519f.gif;

S(∆MBC) = hello_html_m2185d66.gif = 3 · 2 · 2,5 = 15.

CK = hello_html_m9503050.gif

3) S(ABCD) = hello_html_m2adc5cb.gif

Ответ: 4,5.



Задача 4

В треугольнике ABC проведена биссектриса BK, длина которой равна 4, причем KC = hello_html_m515da073.gif,
hello_html_m52cfc23d.gifBCA = 45°. Найдите площадь треугольника ABK.

hello_html_m44d5ac3a.gif

Решение

1) В ∆BKC по теореме синусов hello_html_m40db1d5b.gif

hello_html_m72662c50.gif

Значит, hello_html_m52cfc23d.gifB = 60°, hello_html_m52cfc23d.gifA = 180° – (45° + 60°) = 75°.

2) hello_html_m52cfc23d.gifBKA = 180° – (hello_html_m52cfc23d.gifA + hello_html_m52cfc23d.gifABK) = 180° – (75° + 30°) = 75°.

Тогда ∆ABK равнобедренный с основанием AK.

AB = BK = 4.

3) S(∆ABK) = hello_html_500aaac.gifAB · BK · sin hello_html_m52cfc23d.gifABK = hello_html_500aaac.gif · 4 · 4 · sin 30° = 4.

Ответ: 4.



Т е м а: Вписанные и описанные окружности

Задача 1

Точка O является центром окружности, вписанной в прямоугольный треугольник ABC с прямым углом C. Луч AO пересекает катет BC в точке K. Найдите гипотенузу AB, если AC = 6hello_html_m453767d6.gif и hello_html_m52cfc23d.gifB в 4 раза больше, чем
hello_html_m52cfc23d.gifKAC.

hello_html_m2b52234d.gif


Центр вписанной в треугольник окружности – точка пересечения биссектрис углов. Значит, hello_html_m52cfc23d.gifKAC = hello_html_m52cfc23d.gifBAK.

hello_html_m52cfc23d.gifKAC = hello_html_m52cfc23d.gifBAK.

ABC прямоугольный, значит, hello_html_m52cfc23d.gifA + hello_html_m52cfc23d.gifB = 90°.

Пусть hello_html_m52cfc23d.gifKAC = x°, тогда x + x + 4x = 90°, x = 15°.

Тогда hello_html_m52cfc23d.gifA = 30°, AB = hello_html_m786dba1a.gif.

Ответ: 12.

Задача 2

В равнобедренный треугольник PMK с основанием MK вписана окружность с радиусом hello_html_2ae228a3.gif. Высота PH делится точкой пересечения с окружностью в отношении 1 : 2, считая от вершины P. Найдите периметр треугольника PMK.

Решение

hello_html_m4a37c587.gif

1) F – точка пересечения окружности с высотой PH; O – центр вписанной окружности;

PF : FH = 1 : 2, OH = r = hello_html_2ae228a3.gif.

Значит, PH = 3OH = hello_html_me951433.gif.

2) Рассмотрим прямоугольный треугольник SPO:


PO = 2 · hello_html_2ae228a3.gif = hello_html_4c273442.gif; OS = r = hello_html_2ae228a3.gif. Значит, hello_html_m52cfc23d.gifSPH = 30°, тогда hello_html_m52cfc23d.gifMPK = 2 · 30 = 60 (∆PMK – равнобедренный, PH – высота, а следовательно, и биссектриса). Значит, ∆PMK – равносторонний.

3) Пусть HK = x (х > 0), тогда PK = 2x; по теореме Пифагора PK2 = PH2 + HK2;

(6hello_html_m453767d6.gif)2 = (2x)2x2; 3x2 = 36 · 3; x2 = 36, x = 6.

Значит, PK = 2 · 6 = 12. P(∆PMK) = 3 · 12 = 36.

Ответ: 36.

Задача 3

Один из катетов прямоугольного треугольника равен 15, а проекция второго катета на гипотенузу равна 16. Найдите диаметр окружности, описанной около этого треугольника.

hello_html_508589d4.gif


Диаметр окружности, описанной около прямоугольного треугольника, равен его гипотенузе AB.

Так как катет есть среднее пропорциональное гипотенузы и проекции этого катета на гипотенузу, то есть AC2 = AB · AD, то 152 = x · (x + 16), где AD = x (х > 0).

x2 + 16x – 225 = 0,

D1 = 82 + 225 = 64 + 225 = 289.

x1, 2 = –8 ± 17, x1 = 9, x2 = –25

Итак, AD = 9, AB = 9 + 16 = 25.

Ответ: 25.

Задача 4

Найдите радиус окружности, вписанный в правильный шестиугольник, площадь которого равна 72hello_html_m453767d6.gif.

Решение

hello_html_m3031770f.gif

S(ABCDEF) = 6 · S(∆FOF) = 6 · hello_html_m3a65992d.gif, где a – сторона правильного шестиугольника.

hello_html_m6a4e78e1.gif

a2 = 48,

a = hello_html_4c273442.gif.

r = hello_html_651382ba.gif = hello_html_48f33754.gif

Ответ: 6.

Задача 5

Найдите отношение площади круга, вписанного в правильный шестиугольник, к площади круга, описанного около этого шестиугольника.

Решение

Пусть S1 = r2, где r – радиус вписанной окружности, S2 = R2, R – радиус описанной окружности:

hello_html_63659a1f.gif = hello_html_4eaa6a70.gif = (hello_html_70139ca2.gif)2 = hello_html_10767a2b.gif.

Ответ: 0,75.

Задача 6

Около треугольника ABC описана окружность с центром O и радиусом, равным 8. Найдите площадь ∆BOC, если hello_html_m52cfc23d.gifA = 105°.


Решение


hello_html_251d8309.gif

Так как ∆ABC тупоугольный, то центр описанной окружности O – точка пересечения серединных перпендикуляров – лежит вне ∆ABC.

Вершины треугольника лежат на окружности, значит, hello_html_m52cfc23d.gifBAC вписанный.


По свойству вписанных углов hello_html_m40acda69.gifBC = 2 · 105° = 210°, тогда hello_html_m40acda69.gifBАC = 360° – 210° = 150°, значит, hello_html_m52cfc23d.gifBOC = hello_html_m40acda69.gifBАC = 150°.

S(∆BOC) = hello_html_500aaac.gifBO · OC · sin hello_html_m52cfc23d.gifBOC = hello_html_500aaac.gif · 8 · 8 · sin 150° = hello_html_m2fc87056.gif· sin 30° = 16.

Ответ: 16.

Задача 7

В равнобедренной трапеции длины оснований 21 и 9, а длина высоты 8. Найдите диаметр описанной около трапеции окружности.

Решение

hello_html_fd70696.gif

1) Окружность, описанная около трапеции, проходит через ее вершины. Эту окружность можно рассматривать одновременно и как окружность, описанную около любого треугольника ABC, ACD, ABD, BCD (вершины такого треугольника – любые три из четырех вершин данной трапеции).

Поэтому можно найти радиус окружности, описанной около ∆ABD.

2) Так как трапеция ABCD равнобедренная, то AM = hello_html_m31716153.gif.

3) В ∆MBD по теореме Пифагора BD = BM2 + MD2, MD = 21– 6 = 15.

BD = hello_html_3f238e07.gif

4) S(∆ ABD) = hello_html_2ca901cb.gifhello_html_m5f163577.gif

hello_html_m47e48f15.gif= 3 · 6 · 4 = 84.

R = hello_html_m1a575214.gif

d = 2R = 2 · 10,625 = 21,25.

Задача 8

Около равнобедренного треугольника ABC (AB = BC) с углом B, равным 30°, описана окружность радиусом hello_html_m747be37c.gif. Ее диаметр AD пересекает сторону BC в точке E.

Найдите диаметр окружности, описанной около треугольника ACE.


Решение

hello_html_340d9a6.gif

1) Центр окружности, описанной около ∆ABC, есть точка пересечения серединных перпендикуляров к сторонам AC и AB, один из которых совпадает с BM, так как ∆ABC равнобедренный с основанием AC.

2) hello_html_m52cfc23d.gifB = 30°, значит, hello_html_m52cfc23d.gifMBC = 15° по свойству высоты равнобедренного треугольника, проведенной к основанию АС. AO = OB = R, ∆AOB равнобедренный, т. е. hello_html_m52cfc23d.gifBOA = 15°.

hello_html_m52cfc23d.gifA = (180° – hello_html_m52cfc23d.gifB) : 2 = 75°, тогда hello_html_m52cfc23d.gifOAC = 75° – 15° = 60°.

3) AO = OC = R, значит, ∆AOC равнобедренный с острым углом 60°, следовательно, ∆AOC равносторонний, т. е. AC = OA = R = hello_html_m747be37c.gif.

4) ВAEC hello_html_m52cfc23d.gifAEC = 180° – (hello_html_m52cfc23d.gifC + hello_html_m52cfc23d.gifEAC) = 180° – (60° + 75°) = 45°.

hello_html_52094f37.gif

Ответ: 14.

Задача 9

В равнобедренной трапеции с острым углом в 60° боковая сторона равна hello_html_m162501aa.gif, а меньшее основание hello_html_m212b15c6.gif.

Найдите радиус окружности, описанной около этой трапеции.

Решение

hello_html_5e24bcab.png

1) Радиус окружности, описанной около трапеции, – одно и то же, что и радиус окружности, описанной около треугольника, вершинами которого являются любые три вершины трапеции. Найдем радиус R окружности, описанной около треугольника ABD.


2) ABCD – равнобедренная трапеция, поэтому AK = MD, KM =hello_html_m212b15c6.gif.

ВABK AK = AB cos hello_html_m52cfc23d.gifA = hello_html_m162501aa.gif · cos 60° = hello_html_500aaac.gifhello_html_m162501aa.gif. Значит,
AD = hello_html_446f59bd.gif.

BK = AB sin hello_html_m52cfc23d.gifA = hello_html_m162501aa.gif · hello_html_6b1efbfb.gif = hello_html_m71d2b756.gif.

3) По теореме косинусов вABD BD2 = AB2 + AD2 – 2AB · AD cos A.

BD2 = (hello_html_m162501aa.gif)2 + (3hello_html_m162501aa.gif)2 – 2 · hello_html_m162501aa.gif · 3hello_html_m162501aa.gif · hello_html_500aaac.gif = 21 + 9 · 21 – 3 · 21 = 7 · 21;
BD = hello_html_fc46baa.gif.

4) S(∆ABD) = hello_html_500aaac.gifAD · BK; S(∆ABD) = hello_html_500aaac.gif · hello_html_m71d2b756.gif · 3hello_html_m162501aa.gif = hello_html_m1f6ef431.gif.

5) R = hello_html_m6cef573f.gif

Ответ: 7.

Задача 10

В равносторонний треугольник ABC вписана окружность и проведен отрезок NM, M hello_html_17245e50.gifAC, N hello_html_17245e50.gifBC, который касается ее и параллелен стороне AB.


Определите периметр трапеции AMNB, если длина отрезка MN равна 6.

Решение

1) ∆ABC – равносторонний, точка O – точка пересечения медиан (биссектрис, высот), значит, CO : OD = 2 : 1.

hello_html_m405e6d36.gif


2) MN – касательная к окружности, P – точка касания, значит, OD =
= OP, тогда CD = 3 · CP.

3) ∆CMN CAB, значит, ∆CMN – равносторонний CM = CN = MN = = 6; P.

А так же hello_html_m24daf8d3.gif

3) BN = CBCN = 18 – 6 = 12.

4) P(AMNB) = AM + MN + BN + AB = 18 + 6 + 12 + 12 = 48.

Ответ: 48.

Задача 11

Около окружности описана равнобочная трапеция, средняя линия которой равна 5, а синус острого угла при основании равен 0,8. Найдите площадь трапеции.

Решение

hello_html_5dee8e1c.gif

Так как окружность вписана в четырехугольник, то BC + AD = AB + CD. Этот четырехугольник – равнобокая трапеция, значит BC + AD = 2AB.

FP – средняя линия трапеции, значит, BC + AD = 2FP.

Тогда AB = CD = FP = 5.

ABK – прямоугольный, BK = AB sin hello_html_m9599c9c.gifA; BK = 5 · 0,8 = 4.

S(ABCD) = FP · BK = 5 · 4 = 20.

Ответ: 20.

В а р и а н т ы с х е м:

Равенство углов



hello_html_m717ea01e.gif



Равенство двух отрезков



hello_html_36f26760.gif


Перед темой «Площади» стоит повторить всевозможные формулы нахождения площади треугольника, четырехугольника, правильного шестиугольника.



Зафиксировать эти сведения можно, например, так:

Треугольники

Четырехугольники

Правильные
многоугольники

1

2

3

hello_html_m2fff68d6.gif


1) S = hello_html_m11259292.gif

2) S = hello_html_43462a05.gif

3)hello_html_3eec9aa9.gif
формула Герона

4) S = hello_html_4daccf56.gif

5) S = hello_html_m319b51d2.gif

hello_html_m7659418a.gif

6) S = hello_html_m34cb21fb.gif

7) S = hello_html_m5db9fdee.gif – для правильного треугольника

hello_html_112675f5.gif

1) S = hello_html_1f631793.gif

2) S = ah

3) S = ab sin α


hello_html_m59d9f36c.gif


4) S = hello_html_6d1b4211.gif – для ромба

1) S = hello_html_7545097d.gif

2) SΔ = hello_html_m4f620aba.gif

3)hello_html_5aa1d8f4.gifhello_html_3d0407c7.gif



Методические рекомендации


З а н я т и е 1. Решение треугольников.

Повторение и систематизация теоретических сведений по теме «Решение треугольников» Конечно, в целях экономии времени, можно пользоваться готовыми таблицами и схемами (заранее приготовленные плакаты, либо слайды на кодоскопе), но наиболее эффективным будет совместное их вычерчивание и заполнение по принципу «мозговой атаки».

Решение задач 2, 3; для самостоятельной работы дома – № 1, 4; в качестве «зачетной» задачи – № 7.

З а н я т и е 2. Четырехугольники.

Основное повторение теории прошло на предыдущем занятии, поэтому можно сразу приступить к решению задач № 1, 4. Разбирать решение желательно по заранее подготовленным записям на доске или с применением ТСО, с помощью программы «Power Point», если учащиеся или учитель владеют этой программой.

Решения задач № 2, 3, 4; для самостоятельной работы дома – № 1, 5.

З а н я т и е 3 и 4. Площади.

Сначала составить и заполнить таблицу «Площади».

На занятии разобрать задачи № 1, 3, и 4; в качестве самостоятельной домашней работы – № 2.

З а н я т и е 5 и 6. Вписанные и описанные окружности.

Разбор задач № 1, 2, 6; для самостоятельной работы дома задачи № 3, 10; решение задач № 4, 5, 7.

З а н я т и е 7 и 8. Тренинг с использованием компьютерных программ, например, «Открытая математика 1,0. Планиметрия», «Открытая математика 2. 5. Планиметрия», «Математика, 5–11 кл. Практикум» и др.

Для зачетной работы задачи № 7 (по теме «Решение треугольников») и № 8, 9 (по теме «Вписанные и описанные окружности»). Задания можно дать заранее, а на зачетной работе провести «круглый стол» по обсуждению решений.



57 вебинаров для учителей на разные темы
ПЕРЕЙТИ к бесплатному просмотру
(заказ свидетельства о просмотре - только до 11 декабря)


Автор
Дата добавления 09.02.2016
Раздел Математика
Подраздел Рабочие программы
Просмотров168
Номер материала ДВ-433872
Получить свидетельство о публикации
Похожие материалы

Включите уведомления прямо сейчас и мы сразу сообщим Вам о важных новостях. Не волнуйтесь, мы будем отправлять только самое главное.
Специальное предложение
Вверх